安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

关键词： 学年 小题

安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析（精选5篇）

篇1：安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

淮北一中2017-2018学年上学期高二年级期中考试

文科数学试题 第Ⅰ卷（共60分）

一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.抛物线的焦点到准线的距离为（）

A.B.C.D.【答案】C 【解析】由，则

（）得：，所以，即焦点到准线的距离为，故选C.2.如角满足A.B.C.D.【答案】D 【解析】由题意可得3.离心率为，且过点A.【答案】D 【解析】已知椭圆的焦点在轴上，若椭圆过点则，即，则，又由其离心率为，即，故选D.，B.，选D.的焦点在轴上的椭圆的标准方程是（）C.D.，此时椭圆的方程为，则输入的（）4.执行如图所示的程序框图，如果输出

A.B.C.D.【答案】B 【解析】该程序框图表示的是通项为，故选B.5.由公差为的等差数列

重新组成的数列

是（）的前项和，输出结果为，得A.公差为的等差数列 B.公差为的等差数列 C.公差为的等差数列 D.非等差数列 【答案】B 【解析】设新数列，故选B.【方法点晴】本题主要考查等差数列的定义、等差数列通项公式，属于难题.判定一个数列为等差数列的常见方法是：(1)定义法：

（是常数），则数列

是等差数列(2)等的第项是，则，此新数列是以为公差的等差数列，差中项法：为常数)，则数列

（），则数列是等差数列；(3)通项公式：

（(是等差数列；(4)前n项和公式：为常数)，则数列是等差数列.本题先利用方法(1)判定出数列6.已知A.，且 B.，则 C.是等差数列后再进行解答的.的最小值为（）D.【答案】C 【解析】由

故选D.【易错点晴】本题主要考查利用基本不等式求最值，属于中档题.利用基本不等式求最值时，一定要正确理解和掌握“一正，二定，三相等”的内涵：一正是，首先要判断参数是否为正；二定是，其次要看和或积是否为定值（和定积最大，积定和最小）；三相等是，最后一定要验证等号能否成立（主要注意两点，一是相等时参数否在定义域内，二是多次用或时等号能否同时成立）.7.在中，（分别为角的对边），则的形状为（）得，因为，所以

（当且仅当

时等号成立），A.直角三角形 B.等边三角形 C.等腰三角形 D.等腰三角形或直角三角形 【答案】A 【解析】因为，因为8.已知命题函数的图像关于直线A.B.，由正弦定理当

，所以的图像恒过定点

，可得，的形状为直角三角形，故选A.为偶函数，则函数

；命题若函数

对称，则下列为真命题的是（）

D.C.【答案】D 【解析】试题分析：因为函数为偶函数，则函数为真命题.故选D． 的图象恒过定点的图象关于直线，所以命题为假命题，若函数

对称，所以命题也为假命题，所以考点：复合命题的真假．

【方法点睛】由函数的奇偶性，对称轴和平移得到命题假，则为真命题.复合命题的真假判断的方法：（1）非复合命题判断真假：当为真时，非为假；当为假时，非为真，即“非”形式的复合命题的真假与的真假相反；（2）“且”形式的复合命题真假判断：当、为真时，且为真；当、中至少有一个为假时，且为假，即“且”形式的复合命题，当与同为真时为真；（3）“或”形式的复合命题真假判断：当，中至少有一个为真时，“或”为真；当，都为假时，“或”为假，即“或”形式的复合命题，当与同为假时为假．本题考查命题的真假判断解题时要认真审题，注意复合命题的性质的合理应用，属于中档题.9.已知椭圆的两个焦点分别为，若椭圆上不存在点，使得

是钝角，则椭圆离心率的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】A..................10.如图，在中，若，则的值为（）

A.B.C.D.【答案】D 【解析】

11.数列A.的通项公式为 C.D.，其前项和为，则（）

B.【答案】D 【解析】选D.12.数列A.的通项公式为 C.D.，其前项和为，则

（）

B.【答案】B 【解析】选D.第Ⅱ卷（共90分）

二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.命题“【答案】【解析】特称命题“14.在数列【答案】【解析】时，”的否定是__________． 14

”的否定为全称命题“，则

”。

中，已知其前项和为

时，__________．

两式相减可得，故答案为

.，【方法点睛】本题主要考查数列通项与前项和之间的关系以及公式属于难题.已知求的一般步骤：（1）当

时，由

求的值；（2）当的应用，时，由，求得的表达式；（3）检验的值是否满足（2）中的表达式，若不满足则分段表示；（4）写出的完整表达式.15.设实数【答案】18 满足，则的最小值为__________．

【解析】

表示可行域内的点可知原点到直线式可得

到原点距离的平方，出不等式组对应的平面区域如图：由图象的距离,就是点

到原点距离的最近距离，由点到直线距离公

，故答案为.，所以的最小值为16.下列命题中，假命题的序号有__________．（1）“”是“函数

为偶函数”的充要条件；

（2）“直线垂直平面内无数条直线”是“直线垂直平面”的充分条件；（3）若（4）若【答案】（2）（3）【解析】（1）若“函数即平方得即则“”是“函数，则，即，为偶函数”的充要条件；正确；，则，为偶函数”，则，，则

；，则

.（2）“直线垂直平面内无数条直线”则“直线垂直平面”不一定成立，故（2）错误；（3）当（4）若：故答案为：（2）（3）时，满足，但，则：

不成立，故（3）错误；

正确．

三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17.已知函数（1）当（2）若

.；.时解集为,当

时解集为,当时，解关于的不等式，解关于的不等式（2）当【答案】（1）时解集为

【解析】试题分析：（1）所以根据根的大小进行分类讨论：

试题解析：（1）当即时，不等式

． ．，；，结合图像可得不等式解集（2）时，为；，为；，时，为，解得故原不等式的解集为（2）因为不等式当时，有所以原不等式的解集为当时，有，所以原不等式的解集为当时，原不等式的解集为

；

18.设数列数列.（1）求数列（2）求数列【答案】(1)是等差数列，满足，数列满足，且为等比和的通项公式； 的前项和.(2)的通项公式，设等比数列的表达式，则可得到的公【解析】试题分析：（1）由等差数列的定义可求得比为,由等比数列的定义可求得的值，进而得到的通项公式；（2）根据（1）中和得结果.的通项公式所具有的特征，等差数列和等比数列之和，故可采用分组求试题解析：（1）设等差数列的公差为,由题意得,设等比数列的公比为,由题意得,解得,（2）由（1）知，.考点：（1）求数列的通项公式；（2）数列求和.19.已知函数（1）的最小正周期和单调递增区间；

是三边长，且的面积..（2）已知.求角及的值.【答案】(1)f（x）的递增区间是[﹣+kπ，+kπ]，k∈Z(2)a=8，b=5或a=5，b=8 【解析】试题分析：

解析式利用两角和与差的正弦函数公式及二倍角的余弦函数公式化的最小正周期，利用正简，整理为一个角的正弦函数，找出的值代入周期公式即可求出弦函数的单调性即可求出由的单调递增区间。，根据第一问确定出的解析式求出的度数，利用三角形面积公式列出关系式，将

代入求出的值，联立即可求出值代入求出的值，利用余弦定理列出关系式，将的值。

解析：（Ⅰ）f（x）=sin2xcoscos2xsin+cos2x+1==π；

≤

+2kπ，k∈Z，得到﹣

+kπ，+cos2xsin

+sin2xcos

﹣

sin2x+cos2x+1=2sin（2x+）+1，∵ω=2，∴T=令﹣+2kπ≤2x++kπ≤x≤+kπ，k∈Z，则函数f（x）的递增区间是[﹣+kπ]，k∈Z；）=，（Ⅱ）由f（C）=2，得到2sin（2C+）+1=2，即sin（2C+∴2C+=或2C+=，解得：C=0（舍去）或C=∵S=10，ab=10222∴absinC=，即ab=40①，2

2由余弦定理得：c=a+b﹣2abcosC，即49=a+b﹣ab，将ab=40代入得：a2+b2=89②，联立①②解得：a=8，b=5或a=5，b=8． 20.已知过抛物线（1）求该抛物线的方程；（2）已知过原点作抛物线的两条弦理由.【答案】(1）（2）(4,0)的方程为:，与抛物线方程联立，利用弦长公式根的方程为：，和，且，判断直线

是否过定点？并说明的焦点，斜率为的直线交抛物线于

两点，且

.【解析】试题分析：（1）直线据联立结果.试题解析：（1）拋物线的焦点列方程可求得，得，从而可得该抛物线的方程；（2）直线，根据韦达定理及平面向量数量积公式可得，从而可得，∴直线的方程为:.联立方程组，消元得:，∴∴解得..∴抛物线的方程为：（2）由（1）直线联立则，得①..的方程为：，的斜率不为0，设直线，设，则.所以或（舍）, 所以直线DE过定点（4,0）.21.已知数列（1）求数列（2）设数列满足，且

（，）.的通项公式； 的前项之和，求证：

.【答案】(1)an=(2)详见解析

【解析】试题分析：（1）由,可得，即，可得出{{}}为等差数列.最终可求出{an}的通项公式；(2)采用错位相减法求出,再变形即可求证.试题解析：

（1）∵an=2an﹣1+2n（≥2，且n∈N*）∴

∴，∴数列{}是以为首项，1为公差的等差数列；∴；

（2）∵Sn=﹣Sn=1+22+23+…+2n﹣∴．，∴2Sn=，两式相减可得

=（3﹣2n）•2n﹣3，∴Sn=（2n﹣3）•2n+3＞（2n﹣3）•2n 22.已知椭圆（1）求椭圆的方程及离心率.（2）直线经过定点【答案】(1)(2)，其长轴为，短轴为.，且与椭圆交于两点，求面积的最大值.面积的最大值为 【解析】试题分析：（1）根据条件可得直线方程为：，即得椭圆的方程，及离心率．（2）先设，与椭圆联立方程组，利用韦达定理，结合弦长公式求得底边边长再根据点到直线距离得高，根据三角形面积公式表示大值

试题解析：解：（Ⅰ）∴椭圆的方程为：，，．

面积，最后根据基本不等式求最，离心率：（Ⅱ）依题意知直线的斜率存在，设直线的斜率为，则直线方程为：由，得，由设得：，，则，，又∵原点到直线的距离，∴

．

当且仅当此时，即面积的最大值为．

时，等号成立，点睛：解析几何中的最值是高考的热点，在圆锥曲线的综合问题中经常出现，求解此类问题的一般思路为在深刻认识运动变化的过程之中，抓住函数关系，将目标量表示为一个(或者多个)变量的函数，然后借助于函数最值的探求来使问题得以解决.

篇2：安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

数学试题卷（文科）第Ⅰ卷（选择题 共60分）

一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.方程A.B.表示焦点在轴上的椭圆，则和应满足下列（），C.D.【答案】C，整理得：故选C.2.若等比数列

.的首项和为，公比为，且，则（）

A.B.C.D.【答案】D 【解析】等比数列故选D.3.若标准双曲线以，前项和为，所以.为渐近线，则双曲线的离心率为（）

A.B.C.或 D.或【答案】D 【解析】标准双曲线以

为渐近线，则

或.双曲线的离心率故选D.4.以A.C.为圆心且与直线 B.D.或.相切的圆的方程为（）

【答案】B 【解析】圆心即圆的半径为.圆的方程为故选B.5.已知直线，和平面，直线则；③若，平面，下面四个结论：①若，则

；④若，则，则

；②若，.到直线的距离为：

.，其中正确的个数是（）

A.B.C.D.【答案】D 【解析】由线面垂直的性质定理知，若若若以若，，所以，直线

平面，则有，①正确；，则与可以异面，可以相交，也可以平行，②错误；，则必存在不与重合的，③正确；，则，④正确.，使得，则，,所综上：①③④正确.故选D.6.在中，则三角形的形状为（）

A.等腰三角形 B.直角三角形

C.等腰直角三角形 D.等腰三角形或直角三角形 【答案】D 【解析】根据正弦定理可知∵acosA=bcosB，∴sinAcosA=sinBcosB，∴sin2A=sin2B，∴A=B,或2A+2B=180∘即A+B=90∘，所以△ABC为等腰或直角三角形。故选：D.7.直线交椭圆

于，若

中点的横坐标为，则

（）

A.B.C.D.【答案】A 【解析】直线与椭圆

联立得：

.设，则有

.因为中点的横坐标为，所以，则有

.故选A.8.在正方体中，异面直线与

所成角是（）

A.B.C.D.【答案】C 【解析】在正方体中，所以即为所求（或其补角）.连接，因为，所以

.故选C.9.如图是一个几何体的三视图，在该几何体的各条棱中最长的棱是的长度是（A.B.C.D.【答案】C 【解析】

如图所示，该几何体为棱锥，,.）各条棱中最长的棱是故选C.10.圆A.B.C.D.【答案】C 【解析】圆圆所以圆心

.关于直线

对称的圆的方程为，则实数的值为（）

化为标准方程为：圆关于直线与(0,0)关于

对称的圆的方程为对称.，.，解得.故选C.点睛：在求一个点关于直线的对称点时，可以根据以下两个条件列方程（1）两点的中点在对称直线上；（2）两点连线的斜率与对称直线垂直.11.已知点是直线

（）上一动点，、是圆：的两条切线，、为切点，为圆心，若四边形A.B.【答案】D 【解析】∵圆的方程为：∴圆心C(0,−1)，半径r=1.，C.D.面积的最小值是，则的值是（）

根据题意,若四边形面积最小,当圆心与点P的距离最小时,即距离为圆心到直线l的距离最小时,切线长PA,PB最小。切线长为4，∴，.），由

∴圆心到直线l的距离为∵直线∴（,解得所求直线的斜率为故选D.12.如图所示，在正方体则下列命题中假命题是（）

中，点是棱上一动点，平面交棱于点，A.存在点，使得B.存在点，使得

平面平面的体积均不变 的体积均不变 C.对于任意的点，三棱锥D.对于任意的点，四棱锥【答案】B 【解析】对A，当为故A为真命题； 对B，假设所以对C，∵棱锥对D，∵不会与平面BE的中点时，则F也为A的中点，∴EF∥，∴∥平面；

F，在平面BEF内，则，在矩形中，垂直，故B不正确.，平面，到平面的距离为，且

为定值，所以三的体积均不变，故C是真命题；

=，∵C∥A∥平面B，∴四棱锥−BEF的体积为定值，故D是真命题； 故选B.点睛：本题主要考查了空间位置关系的判定，空间距离的求解问题，其中解答中涉及到直线与平面垂直的判定与性质，直线与平面平行的判定与性质，三棱锥的体积的计算公式等知识点的综合运用，着重考查了学生的推理与运算能力，解答中熟记位置关系的判定和性质定理是解答的关键，试题属于中档试题.第Ⅱ卷（非选择题 共90分）

二、填空题（本大题共4个小题，每小题5分，共20分，将答案填在答题纸上）13.抛物线的焦点坐标为__________． 【答案】【解析】由

得，焦点为（0，－）.【考点】抛物线的性质.14.已知等差数列【答案】25.【解析】等差数列所以，..15.在中，已知三个内角为、、、满足，求最小角的余弦值, 满足，在__________．

__________． 【答案】 【解析】∵∴由正弦定理可得，∴a为三角形的最小边，∴A为三角形的最小内角，设∴由余弦定理可得故答案为：.16.从双曲线点，设为线段【答案】1.的左焦点引圆的中点，为坐标原点，则的切线，切点为，延长

__________．

交双曲线右支于

【解析】

设是双曲线的右焦点，连接P.∵M、O分别为FP、FF′的中点,∴，由双曲线定义得，故答案为：1..，点睛：本题主要考查利用双曲线的简单性质，属于中档题.求解与双曲线性质有关的问题时要结合图形进行分析，既使不画出图形，思考时也要联想到图形，当涉及顶点、焦点、实轴、虚轴、渐近线等双曲线的基本量时，要理清它们之间的关系，挖掘出它们之间的内在联系.本题是利用点到直线的距离等于圆半径，中位线定理，及双曲线的定义列式求解即可..三、解答题 ：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.如图所示，中，，以点为圆心，为半径作扇形，（1）求平面图形绕直线（2）求平面图形绕直线【答案】(1)(2)

旋转一周所成的几何体的体积； 旋转一周所成的几何体的表面积....................（1）圆锥底面的半径为积；

（2）圆锥的母线为试题解析：（1）（2）.，，，代入圆锥的侧面积公式，再去半球的表面积即可得解.，高为，即可得圆锥体积，半球的半径为

即可得体

.18.已知数列（1）求的值；（2）若数列【答案】（1）满足(2)，求数列.的前项和.是首项为，公比为（）的等比数列，并且，成等差数列.【解析】试题分析：（1）直接利用已知条件整理得到关于公比的等式，解之即可求出公比；（2）利用求出的公比，先求出两个数列的通项公式，再对数列{bn}采用分组求和即可． 试题解析：（1）由条件得得或（舍）

.的内角，的对边分别为，，且

.，.（2）∵∴∴19.设锐角三角形（1）求角的大小；（2）若，求;（2）的面积及.，由于，可求，【答案】（1）【解析】试题分析：（1）由已知及正弦定理得结合B是锐角，可求B．

（2）依题意利用三角形面积公式及余弦定理即可计算得解． 试题解析：（1）因为由于，故有，由正弦定理得，.，可得：.又因为是锐角，所以（2）依题意得：所以由余弦定理20.已知椭圆（）的左右焦点分别为、，离心率的周长为..过的直线交椭圆于、两点，三角形（1）求椭圆的方程；（2）若弦【答案】（1），求直线的方程..的周长为8，求出a，c，b，即可得到椭;（2）【解析】试题分析：（1）利用椭圆的离心率以及圆的方程，（2）求出直线方程与椭圆方程联立，点的坐标为标，然后求解三角形的面积即可． 试题解析：（1）三角形离心率的周长，所以,的坐标为，所以，则

..,的坐标为求出A，B坐椭圆的方程为：（2）设点的坐标为的斜率为（显然存在）

..点睛: 本题主要考查直线与圆锥曲线位置关系，所使用方法为韦达定理法：因直线的方程是一次的，圆锥曲线的方程是二次的，故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题，最终转化为一元二次方程问题，故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一，尤其是弦中点问题，弦长问题，可用韦达定理直接解决，但应注意不要忽视判别式的作用． 21.图1，平行四边形（如图2），且

中，，现将的中点.沿

折起，得到三棱锥，点为侧棱

（1）求证：（2）求三棱锥（3）在平面； 的体积；

平面

？若存在，求的长；若不存在，的角平分线上是否存在点，使得请说明理由.【答案】（1）见解析；（2）

；（3）

.，再由线面垂直的判定的定理可得，最后由由线面垂直的判定的定理，进而可得结果；（Ⅱ）取，，先证四边形

中点，【解析】试题分析：（Ⅰ）由平面几何知识先证明平面，从而得，进而可得

平面可得结论；（Ⅱ）由等积变换可得连接∥并延长至点，使，连接

为平行四边形，则有，利用平面几何知识可得结果.中，有，又因为为侧棱的中点，试题解析：（Ⅰ）证明：在平行四边形所以又因为又因为因为所以又因为所以平面平面平面平面；，平面，，．，，,，所以

.中点，连接

是角，且，所以

；，所以平面.（Ⅱ）解：因为故又因为所以有（Ⅲ）解：取因为

平面，所以是三棱锥的高，并延长至点，使的角分线.，连接，.，所以射线

又因为点是的因为所以因为平面∥平面、中点，所以，.平面

∥，互相平分，为平行四边形，有，所以有，故

.过圆上任意一点向轴引垂线垂足为（点、可重合），点为

∥，.故四边形又因为又因为22.已知圆：的中点.（1）求的轨迹方程；

（2）若点的轨迹方程为曲线，不过原点的直线与曲线交于、两点，满足直线的斜率依次成等比数列，求【答案】（1）；（2）

面积的取值范围.面积的取值范围为，则，代入圆：

.即可得解；

（，，【解析】试题分析：（1）设（2）由题意可知，直线的斜率存在且不为，故可设直线的方程为联立得依次成等比数列，设，可得，由直线，再由），与椭圆，的斜率，计算试题解析：（1）设，则，则有：

即可.，整理得：.（），（2）由题意可知，直线的斜率存在且不为，故可设直线的方程为，由消去得

则，且，.故

因为直线，的斜率依次成等比数列，即，又，所以，即.由于直线，的斜率存在，且，得且，设为到直线的距离，则，所以面积的取值范围为.点睛： 在圆锥曲线中研究最值或范围问题时，若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系，则可首先建立目标函数，再求这个函数的最值．在利用代数法解决最值与范围问题时常从以下方面考虑：

①利用判别式来构造不等关系，从而确定参数的取值范围；

②利用已知参数的范围，求新参数的范围，解这类问题的关键是在两个参数之间建立等量关系；

篇3：安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

文科数学 第Ⅰ卷（共60分）

一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若A.，B.，则下列不等式成立的是（）C.D.【答案】C 【解析】试题分析：考点：不等式性质 2.等差数列中，已知公差，且，则的值为（）

A.170 B.150 C.145 D.120 【答案】C 【解析】∵数列{an}是公差为的等差数列，∴数列{an}中奇数项构成公差为1的等差数列，又∵a1+a3+…+a97+a99=60，∴50 ,故选C 3.已知角的顶点在坐标原点，始边与轴正半轴重合，终边在直线

（）

A.B.【答案】B 【解析】已知角的顶点在坐标原点，始边与轴正半轴重合，终边在直线,故选B

上，则 C.D.上，则

+=

×1=60,145 4.设，，则数列（）

A.是等差数列，但不是等比数列 B.是等比数列，但不是等差数列 C.既是等差数列又是等比数列 D.既非等差数列又非等比数列 【答案】A 【解析】因为，b-a=b、c为等差数列．而故选A 5.三角形的两边之差为2，夹角的余弦值为，该三角形的面积是14，那么这两边分别为（）A.3,5 B.4,6 C.6,8 D.5,7 【答案】D 【解析】三角形的两边a-c=2，cosB=，该三角形的面积是14，∵0＜B＜π，∴sinB＝,又 14=ac,所以ac=35,，；而,c-b=, 所以数列a、b、c不为等比数列． , 所以b-a=c-b，数列a、，根据对数定义得：，∴这个三角形的此两边长分别是5和7． 故选D． 6.函数A.B.C.的最小值是（）

D.【答案】C 【解析】,当且仅当故选C 7.若A.均为单位向量，且 B.1 C.，则 D.的最小值为（）即x=

时取等号

【答案】A 【解析】则当与同向时=故选A

最大，-1，所以

最小，此时的最小值为，=，所以

点睛：本题考查平面向量数量积的性质及其运算律，考查向量模的求解，考查学生分析问题解决问题的能力，求出最小.8.下列说法正确的是（）A.命题“若B.命题“若C.命题“存在”

D.中，是的充要条件，则，则，使得

”的否命题为：“若，则

”，表示出，由表达式可判断当与

同向时，”的逆否命题为假命题

”的否定是：“对任意，均有【答案】D 【解析】命题“若命题“若C.命题“存在”

故C错； D.中，故D对； 故选D 9.若关于的不等式A.【答案】A B.在区间 C.上有解，则实数的取值范围为（）D.是的充要条件，根据正弦定理可得，则，使得，则

”的否命题为：“若，则

”故A错；

”的逆否命题与原命题同真假，原命题为真命题，故B错；

”的否定是：“对任意，均有【解析】由题意得，选A.10.已知非零向量A.B.满足 C.，又单调递减，所以，则 D.的取值范围是（）

【答案】D 【解析】非零向量 满足，则由平行四边形法则可得，令

所以故选D 的取值范围是

点睛: 本题考查平面向量的运用，考查向量的运算的几何意义，考查运用基本不等式求最值，考查运算能力，非零向量,则

满足，则由平行四边形法则可得，利用重要不等式可求解.，令11.值是（）

A.-3 B.-5 C.3 D.5 【答案】A 【解析】lglog310=m，，若，则的，若，∴设则lglg3=-lglog310=-m．∵f（lglog310）=5，∴∴f（lglg3）=f（-m）=故答案为A

=5, ∴

=-4+1=-3，, 12.等差数列A.B.中，是一个与无关的常数，则该常数的可能值的集合为（）

D.C.【答案】A 【解析】由题意可得：因为数列{an}是等差数列，所以设数列{an}的通项公式为：an=a1+（n-1）d，则a2n=a1+（2n-1）d，所以所以a1-d=0或d=0，所以故选A 点睛：解决此类问题的关键是熟练掌握等差数列的通项公式，以及熟练掌握分式的性质，先根据等差数列的通项公式计算出an=a1+（n-1）d与a2n=a1+（2n-1）d，进而表达出题中的条件以及分式的特征可得答案．

第Ⅱ卷（共90分）

二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.若不等式【答案】-10 【解析】不等式的解集，是 的解集，则

__________．，再结合=，因为

是一个与无关的常数，可能是的两根，根据韦达定理得故答案为-10.14.已知【答案】 【解析】仅当故答案为.15.已知满足即b-1=2a,又，解得 所以，则的最小值是__________． ,当且，所以a=,b=时取等.，若是递增数列，则实数的取值范围是__________． 【答案】【解析】以，,是递增数列,所以

>0,所所以

点睛：本题考查了等差数列的通项公式与求和公式及其单调性、不等式的解法，考查了推理能力与计算能力，利用16.已知函数解集为【答案】9 【解析】试题分析：∵函数的值域为，是递增数列，则的值域为，则实数的值为__________．

恒成立，采用变量分离即得解.，若关于的不等式的∴只有一个根，即则，不等式的解集为，即为解集为，则的两个根为，∴，解得，故答案为：．

考点：一元二次不等式的应用．

三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17.已知集合（1）求（2）若，是

； 的充分不必要条件，求实数的取值范围.，.【答案】（1），（2）

【解析】试题分析:（1）解分式不等式，二次不等式得出集合A，B，进行交并补的运算.(2)是的充分不必要条件，,考虑，两种情况.试题解析:（1）, ，（2）由（1）知，, ① 当时，满足,此时，解得

；

是的充分不必要条件，② 当时，要使,当且仅当

．，.解得．

综上所述，实数的取值范围为18.解关于的不等式：【答案】当当当当时，不等式解集；

；

； ； 时，不等式的解集时，不等式的解集时，不等式的解集...............试题解析： 由题意可知（1）当时，，不等式无解；（2）当（3）当（4）当综上所述：当当当当时，时，时，不等式的解是

不等式的解是

；

； ；

不等式的解是时，不等式解集；

； 时，不等式的解集时，不等式的解集时，不等式的解集

；.；

19.已知（1）最小正周期及对称轴方程；（2）已知锐角的高的最大值.【答案】(Ⅰ）的最小正周期为，化成的内角

所对的边分别为，且，求边上

(Ⅱ）

形式,再求周期及增,最后由面积公式【解析】试题分析：（1）先利用辅助角公式把区间；（2）先利用已知条件得求得边上的高的最大值 ,再利用余弦定理及基本不等式得试题解析：（1）由所以单调增区间是（2）由由余弦定理得

设边上的高为,由三角形等面积法知,即的最大值为

． 12分 得

6分

，考点：1.三角变换；2.余弦定理及面积公式；3.基本不等式.20.已知（1）求（2）求（3）若满足.取到最值时的最优解； 的取值范围；

恒成立，求的取值范围.【答案】（1）C（3,2）和B（2,4）（2）（3），【解析】试题分析：（1）画出可行域，找出直线交点坐标，移动目标函数找到最优解（2）目标函数于直线试题解析：（1）由图可知： 恒过定点（0,3）

表示（x,y）与（2，-1）间斜率；（3）由时，恒成立

.直线与直线交点A（1,1）；直线与直线交点B（2,4）；

直线目标函数与直线

交点C（3,2）；

在C（3,2）点取到最小值，B（2,4）点取到最大值 取到最值时的最优解是C（3,2）和B（2,4）

（2）目标函数

.（3）由于直线,或由题意可知21.已知数列.（1）求数列（2）若数列和.【答案】（1）【解析】试题分析：（1）从而得则列的前项和.，的通项公式； 中位于满足，由图可知：

恒过定点（0,3），数列

.时，恒成立

且是等差数列

中的项的个数记为，求数列的前项

（2），可得中位于，即，是等差数列得中的项的个数记为，的通项公式（2）数列，所以

分组求和得出数试题解析：（1）由题意可知是等差数列，.（2）由题意可知 , , , ；，, , 22.数列（1）若数列的前项和记为，点

在直线

上，其中

.是等比数列，求实数的值；

中，所有满足（（2）1，可得

时，得当

时，是等比数列，要使

时 ∴，即得解.），相减是等比数列，,的整数的个数称为这个数列的（2）设各项均不为0的数列“积异号数”，令【答案】（1）），在（1）的条件下，求数列的“积异号数”.【解析】试题分析：（1）由题意知得，所以，当则只需=3，得出t（2）由（1）得作差可得数列试题解析：（1）由题意，当两式相减，得所以，当从而得出时时，有

即是等比数列，要使递增，由，时

是等比数列，则只需的首项为，公比，∴，递增.，得当

时，.，∴

（2）由（1）得，等比数列∴∵∵∴数列由∴数列 的“积异号数”为1.与的关系，注意当，研究,注意检验n=1时，的单调性，得出数列,递增.点睛：本题考查数列是否符合上式，第（2）问时信息给予题，写出通项由

篇4：安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

高二年级数学科试卷

第Ⅰ卷（共60分）

一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.命题“A.C.【答案】D 【解析】，则的否定是，则,，”的否定是（）B.，D.，全称命题的否定是换量词，否结论，不改变条件.故选D；

2.已知平面内动点满足，其中，则点轨迹是（）

A.直线 B.线段 C.圆 D.椭圆 【答案】B 【解析】满足题意时，点应位于线段即点轨迹是线段本题选择B选项.3.数列满足，，则等于（）.上，A.5 B.9 C.10 D.15 【答案】D 【解析】令，则，即的解集为

D.，则，则

；故选D.的最大值是（）4.已知关于的不等式A.B.【答案】D C.【解析】：不等式x2-4ax+3a2＜0（a＜0）的解集为（x1，x2），根据韦达定理，可得：那么：∵a＜0，∴-（4a+）≥2故故选：D． ==4a+．，x1+x2=4a，即4a+≤-． 的最大值为点睛：本题主要考查基本不等式，其难点主要在于利用三角形的一边及这条边上的高表示内接正方形的边长.在用基本不等式求最值时，应具备三个条件：一正二定三相等.①一正：关系式中，各项均为正数；②二定：关系式中，含变量的各项的和或积必须有一个为定值；③三相等：含变量的各项均相等，取得最值.5.下列说法正确的是（）A.C.是是的充分条件 B.的必要条件 D.是是的必要条件 的充要条件

【答案】B 【解析】若若若，此时，此时，此时，但是不满足，选项A错误；，但是不满足，但是不满足，选项C错误；，选项D错误；

本题选择B选项.6.定义为，又为个正数，则的“均倒数”，已知数列

（）的前项的“均倒数”A.B.C.D.【答案】C 【解析】由已知得当时,，验证知当，时也成立，本题选择C选项.7.函数其中A.，则 B.（且）的图象恒过定点，若点A在直线

上，的最小值为（）C.7 D.11 【答案】A 【解析】函数的图象恒过定点A(−1,−1)，∵点A在直线mx+ny+1=0上，其中m>0，n>0，∴−m−n+1=0，即m+n=1.则当且仅当本题选择A选项.点睛：在应用基本不等式求最值时，要把握不等式成立的三个条件，就是“一正——各项均为正；二定——积或和为定值；三相等——等号能否取得”，若忽略了某个条件，就会出现错误． 8.设满足约束条件

则的最大值为（）时取等号。, A.B.C.D.【答案】C 【解析】作出约束条件A(3,0),B(1,2)，C(−1,0)z=|x−3y|,|x−3y|的几何意义是可行域内的点到x−3y=0距离的倍，由图形可知B到x−3y=0的距离最大，∴当x=1,y=2时，z取最大值为5.本题选择C选项.表示的平面区域，得到如图的△ABC及其内部,其中

9.命题A.B.，命题 C.，则下列命题是真命题的是（）D.【答案】D 【解析】当为假；10.正方形时，所以命题为假；当为假；

为真，选D.上，若椭圆的焦点在正方形的内部，时，所以命题为真，因此

为假；的四个顶点都在椭圆则椭圆的离心率的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】A 【解析】如图根据对称性，点D在直线y=x上，可得,即

.可得本题选择A选项.，解得.点睛：椭圆的离心率是椭圆最重要的几何性质，求椭圆的离心率(或离心率的取值范围)，常见有两种方法： ①求出a，c，代入公式

；

22②只需要根据一个条件得到关于a，b，c的齐次式，结合b＝a－c转化为a，c的齐次式，然后等式(不等式)两边分别除以a或a转化为关于e的方程(不等式)，解方程(不等式)即可得e(e的取值范围)．

211.设实数满足，则的取值范围为（）

A.B.C.D.【答案】A 【解析】画出可行域.由由图知本题选择A选项.，设

表示可行域中的点与点(0,0)连线的斜率，取值范围为

.点睛：(1)本题是线性规划的综合应用，考查的是非线性目标函数的最值的求法．(2)解决这类问题的关键是利用数形结合的思想方法，给目标函数赋于一定的几何意义． 12.设椭圆的右顶点为，右焦点为，为椭圆在第二象限内的点，直线

平分线段，则椭圆的离心率为（）交椭圆于点，为原点，若直线A.B.C.D.【答案】C 【解析】如图，设AC中点为M，连接OM，则OM为△ABC的中位线，于是△OFM∽△AFB,且本题选择C选项.，即可得.第Ⅱ卷（共90分）

二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.已知方程【答案】【解析】∵方程

表示椭圆，则的取值范围为__________.表示椭圆，则

解得即的取值范围为..共有项，其中奇数项之和为4，偶数项之和为3，则项数14.已知项数为奇数的等差数列的值是__________.【答案】7 【解析】由题意，15.如图，已知椭圆Ⅰ与椭圆Ⅱ有公共左顶点与公共左焦点，且椭圆Ⅰ的长轴长是椭圆Ⅱ的长轴长的(，且为常数)倍，则椭圆Ⅰ的离心率的取值范围是__________.【答案】

【解析】设椭圆II的标准方程为,离心率为.椭圆I的标准方程为：,设离心率为.则

点睛：椭圆的离心率反映了椭圆的扁平程度，离心率越大，椭圆就越扁；离心率越小，椭圆就越圆

16.下列命题中__________为真命题（把所有真命题的序号都填上）.①“②“若”成立的必要条件是“成等差数列，则

”；

”的否命题；

是等比数列，则

成等比数列.”③“已知数列的逆否命题； ④“已知的前项和为，若数列是上的单调函数，若，则”的逆命题.【答案】②④

【解析】逐一考查所给的命题： 由集合的关系可知，““若成等差数列，则

”成立的必要不充分条件是“”的否命题为“若

”该命题错误；

”，该命

不成等差数列，则题为真命题； 当时，考查：，该数列为常数列：，构成等比数列，原命题为假命题，则逆否命题为假命题； 已知则：题为真命题；

综上可得，真命题的序号为②④.三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17.已知函数（1）若对任意（2）若对任意【答案】(1)，任意，总存在；(2)

..都有，使得

成立，求实数的取值范围.成立，求实数的取值范围.是上的单调函数，若,不妨设的反函数为，该命恒成立，结合反函数关于直线对称，则函数的解析式只能是【解析】试题分析：

...........................(2)原问题等价于试题解析：（1）由题设知：∵又∵∴有在在上递增，∴上递减，∴，的范围为

，∴m的范围为，..，据此可得m的范围为

.（2）由题设知∴有，即18.已知数列（1）求数列（2）记为等差数列，其中的通项公式；，设的前项和为，求最小的正整数，使得.【答案】(1)【解析】试题分析：

；(2)1010.(1)由题意求得数列的公差为2，则数列的通项公式为(2)结合通项公式裂项求和可得试题解析：（1）设等差数列依题意有从而的通项公式为的公差为，解得，；，解得，故取

..，.求解不等式

；，.（2）因为所以令点睛：使用裂项法求和时，要注意正负项相消时消去了哪些项，保留了哪些项，切不可漏写未被消去的项，未被消去的项有前后对称的特点，实质上造成正负相消是此法的根源与目的． 19.已知经过原点的直线与椭圆

交于

两点，点为椭圆上不同于的一点，直线的斜率均存在，且直线的斜率之积为.（1）求椭圆的离心率；（2）若圆交于，设分别为椭圆的左、右焦点，斜率为的直线经过椭圆的右焦点，且与椭

为直径的圆内部，求的取值范围..两点，若点在以；(2)【答案】(1)【解析】试题分析：

(1)设出点的坐标，利用点差法可得椭圆的离心率为；

(2)联立直线的点斜式方程与椭圆方程，结合韦达定理得到关于实数k的不等式

试题解析：，求解不等式可得

.（1）设则，∵点三点均在椭圆上，∴，∴作差得，∴，∴.，，∴，，记，（2）∵设，直线的方程为联立得，∴当点在以，为直径的圆内部时，∴，得，解得20.设数列（1）求；（2）求数列【答案】(1).的前项和为，且，数列

为等差数列，且

.的前项和.；(2)

.【解析】试题分析：(1)分类讨论n=1和两种情况可得

；(2)结合通项公式错位相减可得数列试题解析：（1）因为当所以所以（2）因为因为数列所以所以，所以为等差数列，且，∴，所以数列

① 时，因为，又，所以，所以当

时，得的前项和.得

为以

为首项，为公比的等比数列，代入，即，即公差为1 的前项和

②

①-②得∴

21.已知椭圆的左、右顶点分别为，左、右焦点分别为，离心率为，点，为线段的中点.（1）求椭圆的方程；

（2）若过点且斜率不为0的直线与椭圆交于

两点，已知直线

与

相交于点，试判断点是否在定直线上？若是，请求出定直线的方程；若不是，请说明理由.【答案】(1)；(2)点在定直线上.【解析】试题分析:（Ⅰ）求椭圆标准方程，一般方法为待定系数法，即根据条件建立关于的两个独立条件，再与何性质确定定直线

联立方程组，解出的值，（Ⅱ）先根据特殊直线或椭圆几

两点坐标，用

两点，再根据条件证明点横坐标为1.由题意设坐标表示点横坐标.根据直线方程与椭圆方程联立方程组，利用韦达定理得系（用直线斜率表示），并代入点横坐标表达式，化简可得为定值.试题解析:（Ⅰ）设点又因为椭圆的离心率联立方程①②可得：所以椭圆的方程为，即，则．

上．，由题意可知： ②，即

两点坐标关

①

（Ⅱ）方法一：根据椭圆的对称性猜测点是与轴平行的直线假设当点为椭圆的上顶点时，直线的方程为则联立直线据此猜想点在直线设

和直线上，下面对猜想给予证明：

可得：，此时点 可得点，联立方程

由韦达定理可得，（*）

因为直线，联立两直线方程得即将（*）代入上式可得

（其中为点的横坐标）即证：，即证

上．，此式明显成立，原命题得证．所以点在定直线上方法二：设，两两不等，因为三点共线，所以，整理得：又三点共线，有：

①

又三点共线，有： ② 将①与②两式相除得：

即，将解得（舍去）或即，所以点在定直线

代入得：

上．，.方法三：显然与轴不垂直，设的方程为由设则，得，两两不等，.由三点共线，有： ①

由三点共线，有： ②

①与②两式相除得：

解得（舍去）或，所以点在定直线

上． 点睛：定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是什么、“定值”是多少，或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题，证明该式是恒定的.定点、定值问题同证明问题类似，在求定点、定值之前已知该值的结果，因此求解时应设参数，运用推理，到最后必定参数统消，定点、定值显现.22.已知椭圆的短轴长为2，离心率为，直线

与椭圆交于两点，且线段的垂直平分线通过点.（1）求椭圆的标准方程；（2）当【答案】(1)（为坐标原点）面积取最大值时，求直线的方程.；(2)此时直线

或

或

.，试题解析：

.求得面积最大值从而确定直线方程

（1）由已知可得解得，故椭圆的标准方程为．

（2）设消去得当，联立方程，即

． 时，．，所以，．

当时，线段的垂直平分线显然过点 ,所以，当

因为

时，取到等号.则:当 时，因为线段的垂直平分线过点，所以，化简整理得．

由得．

又原点到直线的距离为．

所以

而所以当综上且，即，则时，取得最大值．

.的最大值为，或

或

篇5：安徽省淮北市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试数学(文)试题含解析

一、选择题: 本大题共20小题，每小题3分，共计60分。在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。

1.孟子主张“父予有亲，君臣有义”，后来又直接提出了“仁之于父子也，义之于君臣也”的观点。孟子的这些观点

A.阐释了“仁政”思想的基本内容 B.使儒学成为秦汉时期治国的指导思想 C.强调不分亲疏贵贱的儒家仁义观 D.有利于统治者利用仁义观念巩固统治 【答案】D 【解析】据材料“父子有亲，君臣有义……仁之于父子也，义之于君臣也”并结合所学知识可知，孟子主张父子君臣的秩序和仁义观念，代表了封建统治者的利益，有利于巩固封建统治，故D项正确；“仁政”主要指宽厚待民，施以恩惠，民贵君轻是其仁政学说的核心，材料并未涉及，故A项错误；秦朝时焚书坑儒，儒学没有成为指导思想，故B项错误；材料反映了父子君臣的等级秩序，故C项错误。故选D。

点睛：本题解题的关键是扣住材料关键信息“父子有亲，君臣有义……仁之于父子也，义之于君臣也”，学生应该结合孟子思想的主要内容和代表的阶级利益，对材料进行分析，得出 巩固封建统治的结论，同时注意区分“仁政”思想的基本内容即可。

2.“五代唐明宗长兴二年，宰相冯、李愚，请令判国子监田敏，校正九经，刻板印卖，朝延从之。……因是天下书籍遂广。”据此记载可知，当时 A.雕刻印刷技术才开始使用 B.雕版印刷术推动了文化发展 C.文化传播仅依靠手抄书籍 D.官府已经掌握活字印刷技术 【答案】B 【解析】材料内容为宰相冯道、李愚请令要求国子监田敏校正九经，刻制雕版印制出售，朝廷听从建议，使得书籍流传广泛。雕版印刷技术已于隋朝出现并应用，时间不符，故A项错误。根据材料，雕版印刷技术应用于书籍的印制，使得其流传广泛，符合题意，故B项正确。根据材料，文献的广泛传播依靠的是雕版印刷技术的使用，而非手抄，故C项错误。活字印刷术出现于五代之后的北宋，时间不符，故D项错误。

点睛：本题考查四大发明及其对世界文明发展的贡献，解答本题需把握题干所给材料中“请令判国子监田敏，校正九经，刻板印卖，朝廷从之……因是天下书籍遂广”的主旨，并在正确掌握活字印刷术发明的时间。

3.黄庭坚《题子瞻墨竹》诗云:“眼人亳端写竹真，枝掀叶举是精神。因知幻化出无象，问取人间老斫轮(经验丰富者)。”黄庭坚认为画竹 A.需取材于市民生活 B.揭露社会现实 C.应该学会栽培竹子 D.注重抒情写意 【答案】D 【解析】材料“眼人毫端写竹真，枝掀叶举是精神。因知幻化出无象，问取人间老斫轮（经验丰富者）”是对墨竹艺术的诗意表达，反映的古代文人画的特点，文人画的突出特征是：讲究借物抒情，追求神韵情趣，所以D选项是正确的。AC均不能体现题干主旨，排除；B与现实主义文艺作品有关，故排除。

4.王阳明日:“我今说个知行合一，正要人晓得，一念发动处，便即是行了，发动处有不善，就将这不善的念克倒了。须要彻根彻底不使那一念不善潜伏在胸中，此是我立言宗旨。”这说明心学

A.重视道德修养 B.强调格物致知 C.倡导知先行后 D.主张人性本恶 【答案】A 【解析】根据材料信息，结合所学知识可知材料是强调要加强个人的道德修养，即重视个人的道德修养，选A是符合题意的，正确；强调格物致知是朱熹的理学而非王阳明的心学，选项B不符合题意，排除；材料强调的是知行合一而非知先行后，选项C不符合题意，排除；主张人性本恶的是荀子而非王阳明，选项D不符合题意，排除；故本题选A。

5.明末的小说几乎社会上各色人等都充当了描写的对象，尤其是市井小民、商贾小贩、工匠世人、贫苦农桑、棋手侠盗也成为小说的主角。明末小说的这一特征 A.是小农经济发展的现实反映 B.表明小说已经成为社会文化的主流 C.反映了市民文学的蓬勃发展 D.说明工商业者的社会地位显著提高 【答案】C 【解析】明朝小说的繁荣适应了商品经济的发展，而不是小农经济，故A项错误；小说并不是明朝社会文化的主流，故B项错误；据材料“明末的小说几乎社会上各色人等都充当了描写的对象“并结合所学知识可知，明朝小说的繁荣适应了商品经济的发展和市民阶层的文化需求，故C项正确；材料也无法体现工商业者的社会地位显著提高，故D项错误。6.顾炎武说:“君子之为学，以明道也，以救世也。徒以诗文而已，所谓雕虫篆刻，亦何益哉!”黄宗羲也说:“扶危定倾之心，吾身一日可以末死，吾力一丝有所未尽。”这说明他们

都

A.以天下为己任 B.反对君主专制 C.提倡公平法治 D.反对宋明理学 【答案】A 【解析】分析题干，可知两位思想家认为学习的目的是要“明道”、“救世”、“扶危定倾之心”可知

他们都体现了强烈的社会责任感和经世致用的特点是“以天下为己任”，故A项正确；材料并未涉及反对君主专制的思想主张，故B项错误；材料主旨也不是提倡公平法治，故C项错误；两者反对宋明理学，但不符合题意，故D项错误。

7.有学者用“它们只代表了非常肤浅的现代化尝试，其活动的范围局限于火器、船舰、机器、通讯、开矿和轻工业，而没有开展任何仿效西方制度、哲学、艺术和文化的尝试”来评价中国近代的某一历史事件。对该学者评述的历史事件理解正确的是 A.其倡导者的思想极其守旧 B.开始有限度地进行政治改革 C.其尝试完全排斥西方文化 D.客观上推动中国近代化进程 【答案】D 【解析】据材料“其活动的范围局限于火器、船舰、机器、通讯、开矿和轻工业，而没有开展任何仿效西方制度、哲学、艺术和文化的尝试”并结合所学知识可知，这反映了洋务运动的特点，洋务运动客观上推动中国近代化进程，故D选项正确。洋务运动“中体西用”的思想在当时有一定的进步性，故A选项错误；洋务运动没有涉及政治改革，故B选项错误；洋务运动学习西方的科技，不是完全排斥西方文化，故C选项错误。

点睛：本题主要考查对洋务运动的评价，要求学生结合洋务运动的内容特征及影响来分析材料。洋务运动虽然是一场地主阶级的自救运动，但为中国近代企业积累了生产经验，培养了技术力量在客观上为中华民族资本主义和发展起到了促进作用，为中国的近代化开辟了道路。

8.晚清时人惊呼“五经去其四，而《论语》犹在疑信之间，学者几无可读之书，势不得不问途于百家诸子。”这一评论针对的是下列哪一著述

A.《海国图志》 B.《新学伪经考》 C.《变法通议》 D.《文学革命论》 【答案】B 【解析】《海国图志》宣扬“师夷长技以制夷学习西方军事技术，排除A；结合所学，《新学伪经考》着重从经学方面进行论述，对传统的“古文“经学展开猛烈的攻击，故选B；《变

法通议》宣扬变法图存，排除C；《文学革命论》主张以革新文学作为革新政治、改造社会之途，排除D。

9.著名政治活动家梁启超曾说:“革命成功将近十年，所希望的件件都落空，渐渐有点废然思返，觉得社会文化是整套的，要拿旧心理运用新制度，决计不可能，渐渐要求全人格的觉醒。”下列对其中“旧心理”和“新制度”解读正确的是 A.儒家文化和君主立宪 B.程朱理学和民主科学 C.程朱理学和开明君主 D.儒家文化和民主共和 【答案】D 【解析】根据题干革命成功将近十年”可知是1920年前后；“渐渐要求全人格的觉醒”，也就是要在思想领域进行变革；用新思想批判旧心理，维护新制度，故可知旧心理是儒家文化；新制度是民主共和，D项正确。儒家文化与题干”渐渐要求全人格的觉醒"不符，排除A。程朱理学与题干“渐渐要求全人格的觉醒“不符，排除B。开明君主制与革命成功后建立的新制度----民主共和不符，排除C。

10.右图是孙中山为黄埔军校题写的训词。孙中山当时主张

A.推翻清王朝封建统治 B.加快北伐战争的进程 C.国内各民族一律平等 D.没收地主土地分给农民 【答案】C 【解析】1912年，宣统帝下诏退位，宣告清朝统治结束，而校训题写时间是民国十三年，即1924年，此时清王朝封建统治已经结束。故A项错误。北伐战争始于1926年7月，时间不符。故B项错误。根据史实和训词可知，孙中山主张三民主义，其中民族主义包括中国国 4

内各民族平等、自决。故C项正确。孙中山“平均地权”的主张是用征收地价税和土地增价归公的办法，消除地主从地租及地价增涨中获得暴利的可能性，进一步提出“农民之缺乏田地沦为佃户者，国家当给以土地”，希望实现“耕者有其田”，而不是没收地主土地再分配给农民。故D项错误。综上所述，本题正确答案为C。

点睛：民国纪年与公元经年的互换方法：民国N年加1911年的公元多少年，反之可得出民国多少年。如本题：1911+13=1924（年）

11.《中共党史的“黄金时代”: 延安13年改革开放30年》一文指出:延安13年是中国共产党历史上的一个扭转乾坤的“黄金时代”，拓展了马克思主义中国化的新境界，开创了中国历史的新局面。毛泽东为首的中国共产党人在这一“黄金时代”提出了 A.工农武装割据思想 B.新民主主义理论 C.人民民主专政理论 D.社会主义建设理论 【答案】B 【解析】延安时期马克思主义中国化的标志即毛泽东思想体系的日益成熟，在延安毛泽东提出了新民主主义理论，正是在毛泽东思想的正确指导下，敌后抗日根据地不断壮大，人民解放战争从胜利走向胜利，故B正确；A、C、D均不符合题意，排除。

12.1988年9月邓小平在《科学技术是第一生产力》一文中指出:“从长远看，要注意教育和科学技术。......最近，我见胡萨克时谈到，马克思讲过科学技术是生产力，这是非常正确的，现在看来这样说可能不够，恐怕是第一生产力。将来农业问题的出路，最终要由生物工程来解决，要靠尖端技术”。对此理解正确的是

A.指出科技发展最终要靠生物工程技术 B.促成全面发展教育方针的确定 C.奠定了“科教兴国”战略的理论基础 D.启发袁隆平成功选育“南优二号” 【答案】C 【解析】从题干信息可以看出，邓小平强调重视教育和科学技术的发展，这为1995年“科教兴国”战略的提出奠定了理论基础，故C项正确。A选项说法错误，无法得出科技发展最终要靠生物工程技术这个结论，而且这个结论本身也是有问题的。材料没有涉及到我国的全民教育方针，故B项错误。无法从材料中看出它对袁隆平的“南优二号”产生直接作用，所以排除D选项。

13.学者郑水年说:“苏联和东欧共产主义垮台使改革领导者尤其是邓小平认识到推进国内改革是何等该要和迫切。当许多人将共产主义的崩溃归之于西方的努力时，邓小平指出国内因素才是根本原因。”鉴于此,邓小平

A.作出了实行改革开放的重大决策 B.决定把改革的重心转向国有企业 C.首次提出建设中国特色社会主义 D.科学阐述了社会主义的本质含义 【答案】D 【解析】结合所学知识可以知道，20世纪80年代末期90年代初期，东欧剧变和苏联解体，世界社会主义运动遭遇挫折，国内改革遇到重重阻力，改革进入关键时期.为此.1992年邓小平发表南方谈话，指出，社会主义的本质是解放生产力、发展生产力，消灭剥削，消除两极分化，最终达到共同富裕，所以D选项是正确的。1978年十一届三中全会作出了改革开放的重大决策，排除A；1984年中共十二届三中全会通过《关于经济体制改革的决定》，中国经济体制改革由此全面展开，改革重心从农村转向城市，排除B；1982年十二大首次提出建设中国特色社会主义，排除C。

14.1992年9月21日，中国政府决定实施新的航天工程，并确定了“三步走”的发展战略。2017年4月20日，我国首艘货运飞船“天舟一号”发射升空。“天舟一号”的首飞，标志着我国已正式启动“三步走”战略第二步“空间实验室”的收官之战，为空间站阶段任务奠定坚实基础。以下关于该发展战略，表述正确的是

A.中国首个科学远景规划 B.我国世纪之交最复杂的航天工程 C.中国开始步入航天时代 D.直接作用于国家信息产业的发展 【答案】B 【解析】材料中介绍了中国的航空航天计划，可以看出中国的航天航空计划要经历“三步走”的战略，这是我国最复杂的航天计划，所以本题选择B选项。A选项错误，这并不是中国首个计划；C选项错在“开始”二字；D选项错在“直接”二字。

15.古希腊一些学者认为，城邦起源于人的“自保的要求”，正义、美德应该属于所有的人，法律和道德只有对入有好处时才能存在，才是真理。他们还认为，法律不是自然存在的，是人为产生的，是由僭主制定的，法律的强制性违背了人的自然天性。这些学者 A.肯定了人的重要性 B.重在论述法律制定应符合人的天性 C.阐述了社会契约论 D.正确分析了城邦制起源的历史原因 【答案】A 6

..................16.十四十五世纪，欧洲的人们逐步背离上帝，崇拜自我或崇拜世间的人或物，沉迷于世上的人、物或自我，以这些东西为人生的终极关怀，并鲜明地提出了“服从你的意欲而行”。对材料所示现象作出的合理解释是

A.近代人文精神开始兴起 B.人类最初自我意识的觉醒 C.进化论解放了人们思想 D.理性准则驱离了神学束缚 【答案】A 【解析】人类最初自我意识的觉醒是古希腊的智者运动，排除B。达尔文进化论诞生于19世纪中期，时间不符，排除；D是17-18世纪的启蒙运动的影响，排除。15世纪，西方掀起了文艺复兴，材料中“服从你的意欲而行”体现了文艺复兴的人文主义精神，故选A。点睛：历史考题的关键信息是时间信息。时间信息确定后，联系所学，历史阶段特征就能印证材料的信息，从而准确判断选项。就本题而论，若熟知西方人文精神发展几件大事的时间的话，材料的审读的压力就很小了。

17.“他用精妙的实验证明了物体下落的速度取决于其距离地面的高度，而不是质量。很多仍然笃信亚里士多德的科学家曾经大肆嘲笑他的观点，但是他的实验让他们更好的理解了地球的重力。”材料中“他”的研究成果

A.引导人们发现了海王垦 B.解决了经典力学无法解释的新问题 C.受到了文艺复兴的影响 D.是构建现代物理学基础的重要理论 【答案】C 【解析】据材料“实验证明了物体下落的速度取决于其距离地面的高度，而不是质量”并结合所学知识可知，这反映了伽利略自由落体定律的意义，当时自然科学的发展受到了文艺复兴的影响，故C项正确；牛顿的力学理论引导人们发现了海王星，故A项错误；爱因斯坦的相对论解决了经典力学无法解释的新问题，故B项错误；“相对论”与“量子力学”构建现代物理学基础的重要理论，故D项错误。故选C。

18.康德说:“通过一场革命或许很可以实现推翻个人专制以及贪婪心和权势欲的压迫，但却绝不能实现思维方式的真正改革。而新的偏见也正如镜子一样，将会成为驾驭缺少思想的广大人群的圈套。”这一观点强调

A.政治革命，推翻专制 B.批判质疑，理性思考 C.主权在民，人人平等 D.信仰自由，社会契约 【答案】B

【名师点睛】

抓住关键信息“但却绝不能实现思维方式的真正改革。而新的偏见也正如镜子一样，将会成为驾驭缺少思想的广大人群的圈套”分析解答。

19.“这种革命不是伽利略物理学对亚里士多德物理学的那种以否定为主并最终取而代之的革命。”“任何一个更为普遍的理论，都应当将先前所应用的、并在广大范围内所证实的理论作为一个局部情况，包含在本身之中。”上述论断评论的科学理论是 A.经典力学 B.生物进化论 C.相对论 D.量子假说 【答案】C 【解析】牛顿之前，伽利略已经在试验中发现经典力学的相关定律，但牛顿是最早用数学描述把这些定律固定下来。因而牛顿的研究更多的是“站在巨人的肩膀上”，而不是将以前的理论作为一个局部的情况，这与题干意思不符。故A项错误。生物进化论是对之前“神造人”学说的直接否定，而非将先前的理论作为“一个局部情况，包含在本身之中”，这与题干意思不符。故B项错误。根据史实，相对论的提出是物理学领域的一次重大变革，它否定了经典力学的绝对时空观，同时它也发展了牛顿力学，并将其概括在相对论力学中。故C项正确。量子假说研究微观粒子运动，扩展了人类对微观世界的认识，弥补了经典力学在认识微观世界的不足，但这并非将以前的理论作为一个局部的情况，并包含在本身之中。故D项错误。综上所述，本题正确答案为C。

20.美国电话之父贝尔于1877 年创办贝尔电话公司;爱迪生发明电灯后立即创立自己的电器公司;德国卡尔本茨1885 年发明汽油动力车，次年便成立奔驰汽车厂;美国莱特兄弟1903 年制造出第一架飞机，1900 年创办莱特飞机公司;瑞典化学家诺贝尔拥有100 家工厂……从此类现象可以得出的结论是

A.经济发展促进了科学技术的进步 B.工厂开始逐渐取代了手工工场 C.发展重化工业成为当时主要潮流 D.科技成为推进经济的重要动力 【答案】D 【解析】本题考查工业革命的影响。材料通过事例说明电话、电灯、汽车、飞机与“公司”或“工厂”成立之间的关系，即体现了科技是推动经济发展的动力，D项正确；A、B两项的

表述与题干表述的现象因果关系颠倒，均排除；材料信息不能反映投资重化工业是当时的社会潮流，C项排除。

二、非选择题(本大题共5小题，每小题12分,共计60分。)21.董仲舒的教化思想，深刻影响着古代政治与文化的走向。阅读下列材料;材料一 性比于禾，善比于米;米出禾中，而禾未可全为米也;善出性中，而性未可全为善也……性者，天质之朴也;善者，王教之化也。无其质，则王教不能化;无其王教，则质朴不能善。性待教而为善，此之谓真天。

一一董仲舒《春秋繁露》

材料二 古之王者明于此,是故南面而治天下，莫不以教化为大务。立太学以教于国，设库序以化于邑，渐民以仁，摩民以谊(义)，节民以礼，故其刑罚甚轻而禁不犯者，教化行而习俗美也

——班固《汉书·薰仲舒传》

材料三 进教化,立官制，重文士,轻武夫;建构一个由孝悌、读书出身和经由推荐、考核而构成的文官制度，作为专制皇权的行政支柱。这个有董仲舒参与、确立于汉代的政治教育系统是中国历史上的-件大事，也是了解自秦汉以来中国历史的重大关键之一。

一一李泽厚《中国古代思想史论》

完成下列要求:(1)据材料一，概括董仲舒的观点，结合所学知识指出其时代背景。

(2)据材料二并结合所学知识，指出董仲舒教化思想的内容及实施教化的措施。(3)综合上述材料并结合所学知识，说明董仲舒教化思想的影响。【答案】(1)观点: 性是善的载体;性非全善;重视教化。背景: 大一统局面出现。(2)内容: 三纲五常。

措施: 中央设太学;地方各郡县设学校;将儒家经典作为教科书: 重用儒生。(3)影响: 发展先秦儒学;稳定封建统治秩序;建立良好的社会风尚;禁锢人性发展。【解析】（1）本题主要考查学生运用所学知识解决问题的能力，通过仔细阅读材料并结合所学知识不难发现董仲舒的观点主要包括性和善的关系（性是善的载体、性非全善）以及重视教化的作用两个方面，其时代背景主要突出汉武帝时期大一统局面出现即可。

（2）从材料二的具体内容来看董仲舒教化思想的内容其实就是三纲五常思想，而实施教化的措施则主要包括中央和地方创办开设国学的学校以及重用儒生等。

（3）董仲舒教化思想的影响既要回答积极影响（董仲舒教化思想发展先秦儒学、起到了稳定封建统治秩序、建立良好的社会风尚）又要回答消极影响（但教化思想却禁锢了人性发展）。22.宋代是一个经济繁荣，文化发达的时代。阅读下列材料: 材料一 朱朝是中国社会市民阶级正式产生的年代，大批的手工业者，商人、小业主构成了宋朝的中产阶级。他们经济富足，又有自己独立的价值追求.市民的富裕闲暇生活及审美趣味和生活情趣健成了宋朝文化高度繁荣，戏曲、杂技，音乐，诗歌、小说等都在宋代高度繁荣。

——詹子庆编《中国古代史参考资料》

材料二 每当人们在中国的文献中查找一种具体的科技史料时，往往会发现它的焦点在宋代，不管在应用科学方面还是在纯粹科学方面都是如此-.中国的科技发展到宋朝，已呈巅峰状。

——[英] 李约瑟《中国科学技术史》

材料三 朱熹生活的南宋时代，整个社会统治阶级鲜廉寡耻，生活奢侈无度。在这种时代背景下，朱熹提出了“存天理，灭人欲”之说。天理是公道与良知。朱熹说:“须知天理只是仁、义、礼、智之总名，仁、义、礼、智便是天理之件数,”朱熹区分了“欲”和“人欲”。欲是正常的，饥而欲食，渴而欲饮，这是正常的欲。朱熹要灭的是“人欲”，又叫“物欲”……朱熹认为当时国之大惠根在君王，心术已受蒙蔽。根据《大学》之教，以正心诚意作为治国平天下的根本。针对当时朝野上下普遍信奉佛教禅宗思想，他提出了“格物致知”之旨，即要求人要“推完事物的原理，以获得知识。”

一一洪映萱《另一种声音一一对朱熹“存天理、灭人欲”等理学观念的反思》

完成下列要求

(1)据材料一，指出宋代阶级结构发生了怎样的变化。

(2)材料二称“中国的科技发展到宋朝，已呈巅峰状态”结合所学知识加以说明。(3)据材料三，概括理学思想的进步之处。

(4)综合上述材料并结合所学知识，谈谈你对宋代经济文化的总体认识。【答案】(1)变法: 市民阶级正式产生

(2)说明: 指南针应用于航海;火药应用于军事;活字印刷术的发明(6 分)(3)进步: 理学思想具有忧患意识，关注国家政治;崇尚道德，强调道德对社会的重要性;主张力行，具有务实倾向。

(4)认识: 城市经济繁荣;出现符合市民阶层审美情趣和生活情趣的通俗文化;儒学发展

到新高度并形成严密的哲学体系。

【解析】（1）本题据材料一“宋朝是中国社会市民阶级正式产生的年代，大批的手工业者、商人、小业主构成了宋朝的中产阶级”，并结合所学知识即可从市民阶级产生的角度指出宋代阶级结构发生了怎样的变化。

（2）本题据材料二“它的焦点在宋代，不管在应用科学方面还是在纯粹科学方面都是如此……宋朝，已呈巅峰状态”，并结合所学知识即可从指南针、火药、活字印刷术等方面加以说明。

（3）本题据材料三“南宋时代，整个社会统治阶级鲜廉寡耻，生活奢侈无度……天理是公道与良知……推究事物的原理，以获得知识”，并结合所学知识即可从忧患意识、崇尚道德、主张力行务实等方面概括理学思想的进步之处。

（4）本题综合上述材料并结合所学知识即可从城市经济、市民阶层、儒学发展等方面回答对宋代经济文化的总体认识。23.阅读下列材料: 材料一 自“文艺复兴运动”起，欧洲开始独步世界文明的前列;“发现新大陆”后，更开始了世界性的扩张，到19世纪后半期，欧洲列强挟工业革命唤起的强大成力，基本上实现了对全球的统治。在那个时代，“生存竞争”“优胜劣汰”“物竞天择”“适者生存”等这样一些思想，很合乎欧洲人的胃口。于是，达尔文认为仅适用于生物界的“进化论”，被“误读”为也是“人类社会”的普遍规律，“达尔文主义”变成了“社会达尔文主义” 19世纪后期，严复被派遣到英国留学。从一个“温良恭俭让”的政治文化氛围中，来到一个充满竞争精神的国度，加上欧洲社会的公共传媒与社会舆论弥漫的“社会达尔文主义”的浸染，使严复对欧洲文明的认知和他对中西文化的比较，不能不受影响。他认为: 中国应当向欧洲学习的东西，比“坚船利炮”和工业科技以及自然科学更重要也更为根本的是欧洲的“人文典章”。严复把《进化论与伦理学》译为《天演论》之后，“进化论”适合于“生物界”的思想与内容被完全略去。这样，“进化论”就成为专门适合于“人类社会”的理论了。

一一据纪坡民《“误译”和“误读”，把“伦理学”丢了一一从赫胥黎《进化论与伦理

学>到严复<天演论)》整理

材料二 在《天演论》中，严复接受了斯宾塞“适者生存”的口号，且加上了“物竞天择，优胜劣败”这八个字。《天演论》出版后，风靡中国思想界。梁启超因之宜讲进化者天地之公例也;胡洪梓也因之取“适者生存”之意改名为胡适;五四时期，陈独秀则作了进一步发挥，“进化论者之言日: 吾人之心，乃动物的感觉之继续。强大之族,人性善性同时发展”。

但在看到西方功利文化的恶果后，严复日益认识到中国保持“国种特性”的重要，进而开始从学习西方转而向中国传统文化寻求答案，遗嘱中更是提出: “须知中国不灭，旧法可损益，必不可扳。” 完成下列要求:(1)据材料一并结合所学，概括“进化论”适用对象的变化，分析欧洲和严复“误读”、“误译”的原因。

(2)据材料二，指出严复对迸化论态度的变化。结合所学知识，分析进化论对中国近代的影响。

【答案】(1)变化: 从仅适用于生物界到既适用于生物界也适用于人类社会，再到仅适用于人类社会。

原因:①欧洲: 领先世界后的民族优越感;为殖民扩张作辩护。

②严复: 儒家知识分子对国家民族的强烈责任感与使命感: 为维新变法寻找理论依据;中西文化差异导致的认知冲突;受西方“社会达尔文主义”思想的影响

(2)变化: 由初期将进化论运用于社会，强调适者生存、物竞天择、优胜劣汰，认为西方制度外，优于中国，主张学习西方: 到后期认识到不能完全放弃中国传统文化，要保持“国种特性”。

影响: 进化论传入中国后，被中国的先迸知识分子利用改造，成为反对封建主义、挽救民族 危亡的思想武器。

【解析】本题考查进化论适用对象的变化以及严复对进化论态度的变化，考查学生对材料的分析归纳能力和运用所学解决问题的能力。

（1）“进化论”适用对象的变化，可以根据材料中的“达尔文认为仅适用于生物界的‘进化论’，被‘误读’为也是‘人类社会’的普遍规律”“这样，‘进化论’就成为专门适合于‘人类社会’的理论了”等信息分析归纳得出。欧洲“误读”、“误译”的原因，可以根据材料中的“‘发现新大陆’后，更开始了世界性的扩张，到19世纪后半期，欧洲列强挟工业革命唤起的强大威力，基本上实现了对全球的统治”分析得出；严复“误读”、“误译”的原因，可以根据材料中的“加上欧洲社会的公共传媒与社会舆论弥漫的‘社会达尔文主义’的浸染，使严复对欧洲文明的认知和他对中西文化的比较，不能不受影响”，再联系所学，从严复作为儒家知识分子和当时维新变法的需要等方面来说明。

（2）严复对进化论态度的变化，可以根据材料中的“在《天演论》中，严复接受了斯宾塞‘适者生存’的口号，且加上了‘物竞天择，优胜劣败’这八个字”“但在看到西方功利文

化的恶果后，严复日益认识到中国保持‘国种特性’的重要，进而开始从学习西方转而向中国传统文化寻求答案”等信息分析得出。进化论对中国近代的影响，应当联系所学来回答。24.阅读下列材料: 材料一 文艺复兴只限于社会上的少数英才一一学者、文人和艺术家的活动，但是它所宣扬的思想不音是向长期以来在基督教神学笼罩下陷于沉闷窒息的西欧社会送来的一股清新的气息，把绝大部分有文化教养的人士从中世纪的昏睡中唤醒过来。

——摘编自吴于廑·齐世荣主编《世界史》

材料二 对于赎罪券的抨击，有如一粒火种落在火药桶里,立刻燃起燎原之火。农民和平民把路德的反教会论纲当成是起义的信号。市民则到处传颂“九十五条论纲”。人文主义者热烈欢呼。贵族，甚至一部分诸候,希望由此打破罗马教会的控制。一时之间，“九十五条论纲”实际上成了民族战斗的共同纲领。

——摘编自丁建弘《德国通史》

材料三 马丁·路德的政治思想既烙有文艺复兴的印记，又体现了对文艺复兴的深化。他提出“唯信称义”“平信徒(普通信徒)皆为教士”等信条，他又鼓吹俗权至上，主张各国教会应与罗马切断联系而由各国的政府来管理。而加尔文派则宜称: 如果我们的统治者是暴君或压迫者，那“他们就不是上帝命定的”，因此“我们在拒绝服从并反抗这样的统治者时，并不是在反抗上帝的意志”。

一一摘编自马克垚《世界文明史》

完成下列要求:(1)据材料一一并结合所学知识，指出“少数英才”唤醒西欧社会采用的基本形式，分析文艺复兴在意大利出现的政治和经济因素。

(2)据材料二，概括宗教改革中德意志人民的诉求。结合材料一，分析宗教改革与文艺复兴中人文主义传播范围的不同之处。

(3)据材料三，谈谈如何理解“马丁。路德的政治思想既烙有文艺复兴的印记，又体现了对文艺复兴的深化”。并根据材料中加尔文所言分析宗教改革的政治意义。【答案】(1)形式: 采用文学艺术的形式。因素: 资本主义萌劳的兴起发

展;资产阶级的需求;天主教会的压制。

(2)诉求: 反对天主教会的经济压榨和精神控制。不同: 文艺复兴时期，入文主义的传播局限于知识阶层;宗教改革从广泛的社会层面传播人文主义。

(3)理解:“唯信称义”主张带有承认个性自由的人文主义倾向;坚持国家权力高于教会，强调民族自由。意义: 为早期资产阶级革命奠定思想基础。

【解析】（1）本题据材料一“学者、文人和艺术家的活动”并结合所学知识即可从文学艺术的形式的角度指出“少数英才”唤醒西欧社会采用的基本形式。再结合所学知识即可从资本主义萌芽、资产阶级的需求、天主教会的压制等方面分析文艺复兴在意大利出现的政治和经济因素。

（2）本题据材料二“对于赎罪券的抨击……立刻燃起燎原之火……反教会论纲”并结合所学知识即可从反对天主教会的经济压榨和精神控制的方面概括宗教改革中德意志人民的诉求。再结合材料一和所学知识即可从人文主义的传播的范围的角度分析宗教改革与文艺复兴的不同之处。

（3）本题据材料三“唯信称义……等信条，他又鼓吹俗权至上，主张各国教会应与罗马切断联系而由各国的政府来管理”并结合所学知识即可从承认个性自由、坚持国家权力高于教会、强调民族自由等方面回答如何理解“马丁•路德的政治思想既烙有文艺复兴的印记，又体现了对文艺复兴的深化”。再结合所学知识即可从摆脱罗马教会、西欧民族国家、早期资产阶级革命思想基础等方面分析欧洲宗教改革运动的政治意义。

25.科学技术的发展与创新是社会生产力发展的重要标志，是推动世界文明演进的主要力量。

阅读下列材料: 材料一

材料二 二战后兴起的新技术革命使人类的劳动方式发生了革命性变化,社会从以体力劳动的解放为标志的工业革命时代,过渡到以脑力劳动的解放为标志的信息革命时代...人类从直接参与生产过程转变为控制生产过程。劳动者的素质逐步从体力型、文化型发展为科技智能型。

材料三 1961年4月12日，苏联发射了第一艘载人宇宙飞船，宇航员加加林在太空遨游108分钟，绕地球一周后安全返回地面。1969年7月16日，“阿波罗11号”宇宙飞船从肯尼迪航天中心升空。7月21日，美国宇航员阿姆斯特朗和奥尔德林在月球上留下人类的第一串脚印，7月25日平安返回地球。

材料四 1967年，加拿大传播学家M.麦克卢汉在《媒介即信息》一节中首次提出:“随着广播、电视和其他电子媒介的出现;人与人之间的时空距离骤然缩短，整个世界紧缩成一个‘村落’……地球村的概念由此产生…….地球村的概念也同样意味着全球是一个有机的系统,而不只是两百多个国家与大区的拼盘。

——《令世界晨惊的奇迹: 团结就是力量》

完成下列要求:(1)有人认为: 从生产力角度看，材料一的两位科学家一定程度上影响了时代的发展。指出这种观点正确与否并说明理由。

(2)根据材料二，概括二战以来高科技是如何改变人类的劳动方式的。(3)根据材料三，说明20世纪60年代以来科技发展皇现的新特点。

(4} 根据材料四，分析“地球村”的特点。列举近代以来的三次科技革命中，对“地球村”的形成起直接推动作用的科技发明各一例。

【答案】(1)正确。理由: 瓦特改良蒸汽机及蒸汽机的广泛使用，使人类社会进入“蒸汽时代”；法拉第发现电磁感应现象的基础上，人类逐渐进入“电气时代”。

(2)从体力劳动到脑力劳；从直接参与生产过程到控制生产过程；劳动者素质提高，转变为科技智能型。

(3)新特点:人类科研和探索的领域扩展到太空，空间(航天)技术突飞猛进。

(4)特点:全球各地的时空联系日益紧密，成为一个有机的系统。举例: 第一次工业革命:汽船、蒸汽机车。第二次工业革命:汽车、飞机、电话、电报、影视等。第三次科技革命:移动电话、互联网。【解析】试题分析：

（1）根据所学知识，瓦特改良蒸汽机及蒸汽机的广泛使用，为第一次工业革命提供了动力，推动了第一次工业革命的深入开展；法拉第发现电磁感应现象有利于电力的广泛应用，为第二次工业革命提供了动力，推动了第二次工业革命的深入开展，两次工业革命都推动了生产力的发展。

（2）根据材料信息“社会从以体力劳动的解放为标志的工业革命时代，过渡到以脑力劳动 的解放为标志的信息革命时代”“人类从直接参与生产过程转变为控制生产过程。劳动者的素质逐步从体力型、文化型发展为科技智能型”回答。

（3）根据材料信息“苏联发射了第一艘载人宇宙飞船，宇航员加加林在太空遨游108分钟” “1969年7月16日，阿波罗11号宇宙飞船从肯尼迪航天中心升空”说明人类科研和探索的领域扩展到太空，空间(航天)技术突飞猛进。

（4）根据材料信息“随着广播、电视和其他电子媒介的出现，人与人之间的时空距离骤然缩短，整个世界紧缩成一个‘村落’” 分析“地球村”的特点。结合所学知识举例：第一次工业革命：汽船、蒸汽机车。第二次工业革命：汽车、飞机、电话、电报、影视等；第三次科技革命：移动电话、互联网。